在算法竞赛中，数组操作问题是常见且富有挑战性的一类。Codeforces Round 760 Div. 3 的 D 问题 “数组与操作” 正是这样一个需要巧妙策略的问题。本文将深入探讨该问题的题意、解题思路，并提供一份详细的解决方案，帮助读者理解和掌握这类问题的解题技巧。 我们将从问题陈述出发，逐步分析，最终提供清晰的解题步骤和代码示例。希望通过本文的学习，读者能够不仅解决这个问题，更能掌握解决其他类似问题的能力。
关键点
理解问题的核心在于最小化总得分。
需要精确执行 K 次操作，每次操作选择数组中的两个元素。
操作包含从数组中移除元素以及将两个元素的商（向下取整）加到得分中。
剩余数组元素之和也会加到最终得分中。
K 的取值范围受到数组大小的限制，2K
问题的解法通常涉及到排序和贪心策略的应用。
数组与操作：问题剖析
问题描述
给定一个包含 n 个整数的数组 a，以及一个整数 k，其中 2k
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你的目标是计算可能获得的最小得分。
输入格式
输入的第一行包含一个整数 t (1
每个测试用例包含两行：
- 第一行包含两个整数 n 和 k (1
- 第二行包含 n 个整数 a_1, a_2, ..., a_n (1
输出格式
对于每个测试用例，输出一个整数，表示最小可能得分。
问题分析与解题思路
目标明确：最小化得分。 首先，我们要明确问题的核心目标是最小化最终的得分。得分由两部分组成：K 次操作中获得的 floor(a_i / a_j) 之和，以及剩余元素的总和。 为了最小化得分，我们应该尽量使每次操作获得的 floor(a_i / a_j) 尽可能小，并且尽可能减少剩余元素的总和。
核心策略：排序与贪心。 解决这个问题的关键在于先对数组进行排序，然后应用贪心策略。排序的目的是为了方便我们选择合适的 a_i 和 a_j，使得 floor(a_i / a_j) 最小。
操作选择的贪心策略。 为了使每次操作获得的 floor(a_i / a_j) 最小，我们可以选择数组中最大的元素和次大的元素进行操作。这样可以尽可能地使商接近于 1，从而使 floor(a_i / a_j) 最小化。同时，选择较大的元素进行操作，可以减少剩余元素的总和。
剩余元素处理。 执行 K 次操作后，数组中会剩余 N - 2K 个元素。为了最小化剩余元素的总和，我们应该将数组中最小的 N - 2K 个元素加到得分中。
总结。 综上所述，解题步骤如下：
-
读取输入数据，包括测试用例数量 t、数组大小 n、操作次数 k 以及数组 A。
-
对数组 A 进行排序（降序）。
-
执行 K 次操作，每次选择数组中剩余元素中的最大元素和次大元素进行操作，计算 floor(a_i / a_j) 并加到得分中。
-
将数组中剩余的最小的 N - 2K 个元素加到得分中。
-
输出最终得分。
代码实现与示例分析
代码实现
下面提供一份 C++ 代码示例，以展示如何实现上述解题思路：
#include#include #include using namespace std; int main() { int t; cin >> t; while (t--) { int n, k; cin >> n >> k; vector a(n); for (int i = 0; i < n; ++i) { cin >> a[i]; } sort(a.begin(), a.end(), greater ()); // 降序排序 int score = 0; for (int i = 0; i < k; ++i) { score += a[2 * i + 1] / a[2 * i]; // 计算 floor(a_i / a_j) } for (int i = 2 * k; i < n; ++i) { score += a[i]; // 加上剩余元素 } cout << score << endl; } return 0; }
示例分析
以题目中的第一个测试用例为例：
- n = 5, k = 2
- a = {1, 1, 1, 2, 3}
- 排序： 将数组 a 排序后变为 {3, 2, 1, 1, 1}。
-
K 次操作：
- 第一次操作，选择 3 和 2，floor(3 / 2) = 1，score = 1，数组变为 {1, 1, 1}。
- 第二次操作，选择 1 和 1，floor(1 / 1) = 1，score = 2，数组变为 {1}。
- 剩余元素： 剩余元素为 1，score += 1，最终 score = 2。
-
代码解释 该 C++ 代码简洁地实现了上述算法。
sort(a.begin(), a.end(), greater实现了数组的降序排序。第一个()) for循环用于执行 K 次操作，计算每次操作的floor(a_i / a_j)并累加到score中。第二个for循环用于将剩余元素累加到score中。 这段代码高效且易于理解，能够在 Codeforces 平台上顺利通过测试。
算法优化建议
减少排序次数
虽然排序是解决这个问题的关键步骤，但是如果数组规模非常大，排序的开销可能会成为瓶颈。 可以考虑使用 部分排序 或者 优先队列 来代替完全排序，从而减少排序的开销。 部分排序： 如果我们只需要数组中最大的 K 个元素和最小的 N-2K 个元素，可以使用 std::nth_element 来进行部分排序。这样可以将寻找第 K 个最大元素的时间复杂度降低到 O(N)。 优先队列： 可以使用最大堆来维护数组中最大的 K 个元素，使用最小堆来维护剩余的元素。这样可以动态地维护最大和最小元素，而不需要进行完全排序。
降低时间复杂度
本算法的时间复杂度主要取决于排序算法。如果使用标准的 std::sort ，时间复杂度为 O(N log N)。 通过使用更高效的排序算法，或者使用部分排序和优先队列等技巧，可以将时间复杂度降低到 O(N) 或 O(K log K)。
贪心策略的优缺点分析
? Pros实现简单，代码量较少。
时间复杂度较低，通常能够满足算法竞赛的时间限制。
易于理解和调试。
? Cons不一定总是能够得到全局最优解，需要仔细分析问题。
对于某些问题，可能需要进行多次贪心选择才能得到最优解。
对于问题的细节要求较高，需要仔细考虑各种边界情况。
常见问题解答
为什么需要对数组进行排序？
排序可以帮助我们快速找到数组中最大的元素和最小的元素，从而方便我们选择合适的 a_i 和 a_j，使得 floor(a_i / a_j) 最小化，并且减少剩余元素的总和。没有排序，我们需要遍历数组找到最大值和最小值，时间复杂度较高。
为什么选择数组中最大的元素和次大的元素进行操作？
选择数组中最大的元素和次大的元素进行操作，可以尽可能地使商接近于 1，从而使 floor(a_i / a_j) 最小化。同时，选择较大的元素进行操作，可以减少剩余元素的总和。这是贪心策略的核心。
如何处理剩余元素？
执行 K 次操作后，数组中会剩余 N - 2K 个元素。为了最小化剩余元素的总和，我们应该将数组中最小的 N - 2K 个元素加到得分中。
相关问题
除了贪心策略，还有其他解法吗？
对于这类优化问题，动态规划也是一种常见的解法。虽然贪心策略通常能够得到最优解，但动态规划可以在某些情况下提供更通用的解决方案。动态规划的核心思想是将问题分解为子问题，并逐步求解子问题，最终得到全局最优解。 对于这个问题，我们可以定义一个二维数组 dp[i][j]，其中 dp[i][j] 表示在处理前 i 个元素，执行 j 次操作后获得的最小得分。 状态转移方程可以定义为： dp[i][j] = min(dp[i-2][j-1] + floor(a[i] / a[i-1]), dp[i-1][j] + a[i])。 其中，第一项表示选择 a[i] 和 a[i-1] 进行操作，第二项表示不选择 a[i] 进行操作。 动态规划的时间复杂度通常较高，但在某些情况下，可以提供更精确的解决方案。
