a - team olympiad
贪心水题。。都从第一个开始取即可。
代码如下：
#include <iostream>#include <cstdio>#include <string>#include <cstring>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <ctype.h>#include <queue>#include <map>#include <set>#include <algorithm>using namespace std;#define LL __int64int a[6000], b[6000];int main(){ int n, x, y, z, ans, i, j; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { x=y=z=0; for(i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&a[i]); } memset(b,0,sizeof(b)); for(i=0;i<n;i++) { if(a[i]==1) { x++; b[i]=x; } else if(a[i]==2) { y++; b[i]=y; } else if(a[i]==3) { z++; b[i]=z; } } ans=min(x,min(y,z)); printf("%d\n",ans); for(i=1;i<=ans;i++) { for(j=0;j<n;j++) { if(b[j]==i) { printf("%d ",j+1); } } puts(""); } } return 0;} B - Queue
立即学习“前端免费学习笔记（深入）”；
通过用数组记录下一个位置，分别把偶数位置与奇数位置上的填满。
偶数位置上一定是从0开始的，奇数位置一定是从一个没有出度只有入度的一个数开始的。
代码如下：
#include <iostream>#include <cstdio>#include <string>#include <cstring>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <ctype.h>#include <queue>#include <map>#include <set>#include <algorithm>using namespace std;#define LL __int64int next[1100000], a[1100000], out[1100000];struct node{ int u, v;}fei[1100000];int main(){ int n, i, j, u, v, cnt, pos; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { memset(next,-1,sizeof(next)); memset(out,0,sizeof(out)); for(i=0;i<n;i++) { scanf("%d%d",&fei[i].u, &fei[i].v); next[fei[i].u]=fei[i].v; out[fei[i].v]++; } cnt=1; for(i=0;i!=-1;i=next[i]) { if(cnt!=1&&!i) break; a[cnt]=next[i]; cnt+=2; } cnt=0; for(i=0;i<n;i++) { if(!out[fei[i].u]) { pos=fei[i].u; break; } } a[0]=pos; cnt=2; for(i=pos;i!=-1;i=next[i]) { a[cnt]=next[i]; cnt+=2; } for(i=0;i<n;i++) { printf("%d ",a[i]); } } return 0;} C - Hacking Cypher
分别从前和后扫一遍记录下能整除的位置。从前往后的很好处理。
至于从后往前的，对于第k位来说，可以先预处理10^k对b的余数和以及前k位对b的余数，然后，后几位=总数-前k位表示的数*10^k。所以只要满足总数%b==（前k位表示的数%b）*（10^k%b）%b，就标明后几位表示的数可以整除b。
这样就可以在O（n）的复杂度内完成了。
表示自己真是弱渣。。看别人都一会儿就做出来了。。自己却想了半个小时才想出来。。。
代码如下：
#include <iostream>#include <cstdio>#include <string>#include <cstring>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <ctype.h>#include <queue>#include <map>#include <set>#include <algorithm>using namespace std;#define LL __int64int a[1100000], b[1100000], c[1100000], d[1100000];char s[1100000];int main(){ int aa, bb, i, x, len, pos, flag=0, y; gets(s); scanf("%d%d",&aa,&bb); memset(a,0,sizeof(a)); memset(d,0,sizeof(d)); x=1; c[1]=1%bb; for(i=2;i<=1000000;i++) { x=x*10%bb; c[i]=x; } len=strlen(s); x=0; y=0; for(i=0;i<len;i++) { x=x*10+s[i]-'0'; x%=aa; //printf("%d\n",x); if(x==0) a[i]=1; y=y*10+s[i]-'0'; y%=bb; b[i]=y; } //printf("%d\n",y); for(i=0;i<len;i++) { if((LL)b[i]*c[len-i]%bb==(LL)y) { d[i]=1; } } for(i=0;i<len-1;i++) { if(a[i]&&d[i]&&s[i+1]!='0') { pos=i; flag=1; break; } } if(!flag) puts("NO"); else { puts("YES"); for(i=0;i<=pos;i++) { printf("%c",s[i]); } puts(""); for(i=pos+1;i<len;i++) { printf("%c",s[i]); } } return 0;} D - Chocolate
如果最终的面积相等的话，那么2的因子数与3的因子数一定相等。所以可以先求出2的因子数与3的因子数。然后这时候我们可以有两种操作：消去一个2或者把一个3变成2.所以这时候先把3较大的一方变成2，使得剩下的3相等，然后再消去2的因子数较大的一方使得相等。然后在判断这时候双方面积相等即可。
代码如下：
#include <iostream>#include <cstdio>#include <string>#include <cstring>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <ctype.h>#include <queue>#include <map>#include <set>#include <algorithm>using namespace std;#define LL __int64int main(){ int a1, b1, a2, b2, x2, x3, y2, y3, ans, m1, m2, n1, n2; while(scanf("%d%d%d%d",&a1,&b1,&a2,&b2)!=EOF) { m1=a1; m2=a2; n1=b1; n2=b2; x2=x3=y2=y3=0; while(!(a1%2)||!(a1%3)) { if(a1%2==0) { x2++; a1/=2; } if(a1%3==0) { x3++; a1/=3; } } while(!(b1%2)||!(b1%3)) { if(b1%2==0) { x2++; b1/=2; } if(b1%3==0) { x3++; b1/=3; } } while(!(a2%2)||!(a2%3)) { if(a2%2==0) { y2++; a2/=2; } if(a2%3==0) { y3++; a2/=3; } } while(!(b2%2)||!(b2%3)) { if(b2%2==0) { y2++; b2/=2; } if(b2%3==0) { y3++; b2/=3; } } if(x3>=y3) { x2+=x3-y3; ans=x3-y3; for(int i=0; i<x3-y3; i++) { if(m1%3==0) m1=m1/3*2; else n1=n1/3*2; } } else { y2+=y3-x3; ans=y3-x3; for(int i=0; i<y3-x3; i++) { if(m2%3==0) m2=m2/3*2; else n2=n2/3*2; } } ans+=abs(x2-y2); if(x2>=y2) { for(int i=0; i<x2-y2; i++) { if(m1%2==0) m1/=2; else n1/=2; } } else { for(int i=0; i<y2-x2; i++) { if(m2%2==0) m2/=2; else n2/=2; } } if((LL)m1*n1!=(LL)m2*n2) puts("-1"); else { printf("%d\n",ans); printf("%d %d\n%d %d\n",m1,n1,m2,n2); } } return 0;}
